Codeforces #282 div 1 C Helping People 题解_html/css

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发布： 2016-06-24 11:52:14

原创

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cf 282 c helping people 题解

【原题】不贴了。

【废话】好久没写博客了。（我不会告诉你我是离线写的）于是来水经验来了。

【来源简述】CF 282 C

【原题简述】有N（10^5）个人，每个人有初始的钱。再给出M（5000）个操作L,R,P。每次表示L~R这些人有几率P（0

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【算法简述】首先把这些操作建立出树结构（可以借鉴线段树）。节点i表示范围Li~Ri，它的父亲一定包含它，它也包含它的所有子树。为了方便，建立一个L=1,R=N,P=0的无效节点作为根。

观察到M的范围小，我们用f[i][j]表示在节点i表示的范围内，加的钱数的期望（注意原先的钱数可以用RMQ计算出）。至于为什么是最多（注意还是前缀和性质）加了j元的期望。

那么tmp[j]= ∏f[son][mx[i]+j-mx[son]];

mx[o]是原先区间o的最大钱数。

（这里就用到了f的前缀和性质了）

注意到求完后做一步tmp[j]-=tmp[j-1]，取消前缀和性质。

然后我们的任务是求出i的所有f值。

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那么ans[i][j]=ans[i][j-1]+tmp[j-1]*p[i]+tmp[j]*(1-p[i]);

ans[i][j-1]:前缀和

tmp[j-1]*p[i]:由子树中得最大加j-1，且当前也加

tmp[j]*(1-p[i]):由子树中得最大加j,且当前不加

求完了所有的f[i][j]后，我们对于新加的点K，最后的ans满足

ANS=ans[m][0]*mx[m]+Σ (ans[m][i]-ans[m][i-1])*(mx[m]+i);

【*精华所得】类似于分治的树形算法。

【代码】

#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cmath>#define N 100005#define M 5005using namespace std;struct arr{int l,r;double p;}a[M];int f[N][18],mx[N],used[N],n,i,j,T,m,k;double ans[M][M],tmp[M],ANS;inline int ask(int x,int y){  int len=(int)log2(y-x+1);  return max(f[x][len],f[y-(1<<len)+1][len]);}inline int cmp(const arr &a,const arr &b){return a.r-a.l<b.r-b.l;}int main(){  scanf("%d%d",&n,&m);  for (i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&f[i][0]);  for (j=1;j<=17;j++)    for (i=1;i<=n;i++)      T=i+(1<<(j-1)),f[i][j]=max(f[i][j-1],(T<=n)?f[T][j-1]:0);  for (i=1;i<=m;i++)    scanf("%d%d%lf",&a[i].l,&a[i].r,&a[i].p);  a[++m]=(arr){1,n,0};  sort(a+1,a+m+1,cmp);  for (i=1;i<=m;i++)  {    mx[i]=ask(a[i].l,a[i].r);    for (k=0;k<=m;k++) tmp[k]=1.0;    for (j=1;j<i;j++)       if (a[j].l>=a[i].l&&a[j].r<=a[i].r&&!used[j])      {        used[j]=1;        for (k=0;k<=m;k++)          if (mx[i]+k-mx[j]<=m) tmp[k]*=ans[j][mx[i]+k-mx[j]];      }    for (k=m;k;k--)       tmp[k]-=tmp[k-1];    ans[i][0]=(1-a[i].p)*tmp[0];    for (k=1;k<=m;k++)       ans[i][k]=ans[i][k-1]+tmp[k-1]*a[i].p+tmp[k]*(1-a[i].p);    //ans[i][k-1]:加上k-1的期望(ans[i]实质是前缀和性质)     //tmp[k-1]*p[i]:由子树中得最大加k-1，且当前也加    //tmp[k]*(1-p[i]): 由子树中得最大加k,且当前不加  }   ANS=ans[m][0]*mx[m];  for (i=1;i<=m;i++)    ANS+=(ans[m][i]-ans[m][i-1])*(mx[m]+i);  printf("%.10lf",ANS);}

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